1.测定某一物料中SiO2的百分含量,得到下列数据:28.62%、28.59%、28.51%、28.48%、28.52%、28.63%。求平均值、标准偏差和置信度分别为90%、95%时的平均值的置信区间。 解:x
28.62%28.59%28.51%28.48%28.52%28.53%
6
28.56%
2
s
0.0620.030.050.080.040.07
2
2
2
2
61
= 0.06%
查表得:置信度为90%,n=6时,t=2.015
28.56
2.0150.06
6
28.560.05
同理,对于置信度为95%,n=6时,t=2.571
28.56
2.5710.06
6
28.560.07
2.对轴承合金中锑量进行了十次测定,得到下列结果:15.48%、15.51%、15.52%、15.53%、15.52%、15.56%、15.53%、15.54%、15.68%、15.56%,试用Q检验法判断有无可疑值弃去?(置信度为90%) 解:(1)按递增顺序排队:
15.48%、15.51%、15.52%、15.52%、15.53%、15.53%、15.54%、15.56%、15.56%、15.68% (2)求出极差: xn-x1=15.68%-15.48%=0.20%
(3)求可疑值与邻近值之差:xn-xn-1=15.68%-15.56%=0.12% (4)计算Q值: Q
xnxn1xnx1
0.12%0.20%
0.60
(5)查表:n=10时,Q0.90=0.41
Q>Q表,最高值15.68%必须弃去。 同理,可检查最低值15.48%。 Q
15.51%15.48%15.56%15.48%
0.38
n=9,Q0.90=0.44
Q<Q表 ,最低值15.48%必须保留。
1.预言下列过程体系的ΔS符号
(1)水变成水蒸气 (+) (2)气体等温膨胀 (+) (3)苯与甲苯相溶 (+) (4)盐从过饱和水溶液中结晶出来 (-) (5)纯碳和氧反应生成一氧化碳 (+)
2.下列说法是否正确?若不正确应该如何改正? (1)放热反应有利于自发进行 (2)熵值变大的反应有利于自发进行
(3)恒温恒压下,ΔrGөm
(5)生成物的气态分子数比反应物气态分子数多,该反应的ΔrSm必是正值。
3. 下列说法是否正确?
(1)在任何情况下反应速率(v)在数值上等于反应速率常数(k)。 (错) (2)质量作用定律是一个普遍的规律,适用于任何化学反应。 (错) (3)反应的活化能越大,在一定温度下反应速率也越大。 (错) (4)温度每增加10oC,一切化学反应的反应速率均增加2-4倍。 (错) (5)可逆反应中,吸热方向的活化能一般大于放热方向的活化能。 (对) (6)某一反应分几步进行,则总反应速率主要决定于最慢一步的反应速率。 (对) (7)催化剂可以提高化学反应的转化率。 (错) (8)催化剂能加快反应速率是因为它降低了反应的活化能。 (对)
4.对于可逆反应:C(s) + H2O(g) CO(g) + H2 (g) ΔH > 0 下列说法你认为对否?为什么?
(1)达平衡时各反应物和生成物的分压一定相等。
错。达平衡时各反应物和生成物的分压都不再随时间的变化而变化。 (2)改变生成物的分压,使Q
正
ө
增大,v逆 减小,故平衡向右移动。
正
错。升高温度使v增大,v逆 也增大v正的增大程度要大于v逆,但故平衡向右移动。
(4)由于反应前后分子数相等,所以增加压力对平衡无影响。
错。虽然反应前后分子数相等,但气态分子数并不相等。增大压力使Q增大,故平衡逆向移动。 (5)加入催化剂使v正 增加,故平衡向右移动。 错。加入催化剂使v正 增加,同时同等程度地增加v
5.根据平衡移动原理,讨论下列反应:
2Cl2(g) + 2H2O(g) 4HCl(g) + O2 (g) ΔH298.15 > 0
将Cl2、H2O、 HCl、O2四种气体混合后,反应达平衡时,若进行下列各项操作,对平衡数值有何影响(操作项目中没有注明的是指温度不变,体积不变)? 操作项目 平衡数值
(1)加O2 H2O的物质的量 (增多) (2)加O2 HCl的物质的量 (减少) (3)增大容器的体积 H2O的物质的量 (减少) (4)减小容器的体积 Cl2的物质的量 (增多) (5)减小容器的体积 Cl2的分压 (增大) (6)减小容器的体积 K (不变) (7)升高温度 K (增大) (8)升高温度 HCl的分压 (增大) (9)加催化剂 HCl的物质的量 (不变)
6.评论下列陈述是否正确?
(1)因为ΔrGөm = - RTlnKө,所以温度升高,平衡常数减小。 (不对) (2)ΔrG
ө
ө
m,T ≈ ∑νi ΔfGm,298.15(生成物)-
ө
ө ө
ө
逆,
故平衡不发生移动。
∑νiΔfGm,298.15(反应物)
(不对)
(3)CaCO3 在常温下不分解,是因为其分解反应是吸热反应;在高温时(T > 1173K)下分解,使因为
此时分解放热。 (不对)
第三章 自选题
1.向50 cm30.10 mol·dm-3的氨水中加入50 cm30.05 mol·dm-3的HCl水溶液,计算所得溶液的pH值。 解:NH3+HCl=NH4Cl 反应后: c(NH3)
c0(NH3)V(NH
V(NH
33
H2O)c(HCl)V(HCl)
H2O)V(HCl)
3
0.10500.0550
5050
4
0.025moldm
c(NH
)
c(HCl)V(HCl)V(NH
3
H2O)V(HCl)
3
0.05505050
0.025moldm
pOHpKpH9.26
b
(NH3)lg
c(NH
4
)
c(NH3)
4.74lg
0.0250.025
4.74
2.写出下列配合物的化学式:
(1)溴化三氯·三氨合铂(Ⅳ) (2)硫酸二氨·四水合镍(Ⅱ) (3)三氯·三亚硝基合钴(Ⅳ)酸钾 (4)四氯合铂(Ⅱ)酸四氨合铜(Ⅱ)
[Pt(NH3Cl3)]Br [Ni(NH3)2(H2O)4]SO4 K2[Co(NO)3Cl3] [Cu(NH3)4][PtCl4]
第四章 自选题
1. 用0.01080mol/L EDTA标准溶液测定水的硬度,在pH=10,用铬黑T做指示剂,滴定100.0mL水,用去EDTA溶液18.40mL,计算水的硬度?(1L水中含有10mg的CaO叫做1。d) 解: 水的总硬度==
(cV)(EDTA)M(CaO)1000
V(水样)10
100010
11.14d
0.0108018.4056.08
100.0
2.分析铜锌镁合金,称取0.5000g试样,用容量瓶配制成100.00mL试液。吸取25.00mL,调至pH=6.0时,用PAN作指示剂,用0.05000mol/L的EDTA滴定Cu2+和Zn2+,用去37.30mL。另外又吸取25.00mL试液,调至pH=10.0,加入KCN以掩蔽Cu2+和Zn2+,用同浓度的EDTA标准溶液滴定Mg2+,用去4.10mL。然后再滴加甲醛以解蔽Zn2+,又用同浓度EDTA标准溶液滴定,用去13.40mL。计算试样中Cu、Zn、Mg的质量分数。
解:滴定Cu、Zn、Mg时消耗的EDTA标准溶液体积分别为: Cu:V(EDTA)=37.30-13.40=23.90Ml Zn2+:V(EDTA)=13.40mL Mg:V(EDTA)=4.10mL ms=0.5000×25.00/100.00=0.1250g
2+2+
2+
2+
2+
(Mg)=(cV)(EDTA)×M(Mg)/ ms
=4.10×0.05000×24.31×10/0.1250 =0.0399
-3
(Zn) =13.40×0.05000×65.39×10-3/0.1250
=0.3505
(Cu)=23.90×0.05000×63.55×10-3/0.1250
=0.6075
3. 称取含有CaCO3的样品0.2000g,溶于过量的40.00mL 0.1000mol/L的HCl溶液中,充分反应后,过量的HCl溶液需0.1021mol/L的NaOH溶液3.05mL滴定终点。求样品中CaCO3的质量分数。 解:
(CaCO3)
[40.0010
[n(HCl)总n(NaOH)]/2M(CaCO3)
ms
3
0.10213.0510
0.2000
3
]/2100.1
0.9231
第五章 自选题
1. 室温下,计算在0.010 mol·dm-3Na2S2O3溶液中AgBr的溶解度。
Ksp(AgBr)=5.0×10-13;β2[Ag(S2O3)23-]=2.9×1013
答案: AgBr + 2S2O32- → [Ag(S2O3)2]3- + Br – 平衡c 0.010 – 2x x x K = Ksp(AgBr)•β
3-2[Ag(S2O3)2]=
x
2
2
(0.0102x)
=5.0×10-13×2.9×1013=14.5
x0.0102x
=3.81 x = 4.42×10-3
2. 如果用(NH4)2S溶液来处理AgI沉淀使之转化为Ag2S沉淀,这一反应的平衡常数是多少?若在1.0
L(NH4)2S溶液中溶解0.10 mol AgI,则(NH4)2S的最初浓度应为多少?
Ksp(AgI)=8.3×10-17, Ksp(Ag2S)=6.3×10-50
2AgI + S2- → Ag2S + 2I- 平衡c x 0.010 K =
(Ksp(AgI))
2
Ksp(Ag2S)
=
(8.3106.310
17
)
2
50.
=1.1×10 =
17
(0.010)
x
2
X = 9.1×10-22
K=1.1×10 ;S的最初浓度为(0.010/2)+9.1×10≈0.005 mol·dm
3. 在室温下,如在100 mL的0.10 mol•dm-3AgNO3溶液中,加入等体积、同浓度的NaCl,即有AgCl沉
淀析出。要阻止沉淀析出或使它溶解,问需加入氨水的最低浓度为多少?这时溶液中c(Ag+)为多少?
Ksp (AgCl) = 1.56×10-10;β02[Ag(NH3)2+] = 1.62×107
17
2--22-3
答案: 设:平衡时氨的浓度为x
AgCl + 2NH3 → Ag(NH3)2 + Cl
平衡c x 0.10/2 0.10/2 K =Ksp(AgCl)•β
+-
2 = 1.56×10×1.62×10 =
-3
-107
(0.05)x
2
2
= 2.53×10-3
X = 1 mol·dm
氨水的最低浓度为:1+2×0.05 = 1.1 mol·dm
4. 做两个实验,一是用100 mL蒸馏水洗涤BaSO4沉淀,二是用100mL0.010mol·dm-3H2SO4溶液洗涤
BaSO4沉淀。如果洗液对BaSO4是饱和的。计算在每个实验中BaSO4溶解的摩尔数。根据计算结果,用水还是用稀硫酸作洗液比较合适?
-3
已知 Ksp0 =1.1×10-10
蒸馏水作洗液时: S=.110101.049105mol/L
n(BaSO4)=1.049×10-5×100×10-3 = 1.049×10-6mol H2SO4作洗液时: BaSO4 → Ba2+ + SO4 平衡c s 0.010
S = 1.1×10-10/0.010 = 1.1×10-8 N = 1.1×10×100×10 = 1.1×10mol 因此用H2SO4作洗液更好。
-8
-3
-9
第六章 自选题答案
1. 用 [Cu(NH3)4]2+ / Cu和Cu2+ / Cu两电对组成原电池,该电池的标准电动势
E
= 0.367 V,试求298.15 K时[Cu(NH3)4]2+的稳定常数。
由于(Cu(NH3)2/ Cu)
2+
正极反应 Cu2+ + 2e = Cu
+负极反应 Cu + 4NH3 =Cu(NH3)2 + 2e 4
+电池反应 Cu2+ + 4NH3 = Cu(NH3)2 4
lgK
=
zE
00592
20.3670.0592
12
= 12.4
所以K稳= 2.5 10
2
2.已知:(Co/Co) = +1.81 V,K稳 (Co(en)3) = 1.0 10,K稳 (Co(en)3) = 1.0 10,试求298 K时,3
3
3
3+2+4914
Co(en)+ e Co(en)
-1
23
的
值 。
-1
2
当[Co(en)3] = 0.20 mol·L,[Co(en)3] = 0.10 mol·L 时,电对的电极电势()值又是多少? 3
(1)
(Co(en)
3
3
/Co(en)
23
) =
(Co/Co) - 0.059 lg
3+2+
K稳(Co(en)3)K稳(Co(en)3)
4914
2
3
= 1.81 - 0.059 lg(2) ( Co(en)
33
1.0101.010
23
= -0.26 (V)
[Co(en)3][Co(en
2)33
/Co(en)
23
) =
(Co(en)
33
/Co(en)) + 0.059 lg
]
= -0.26 + 0.059 lg
0.200.10
= -0.24 (V)
1.称取基准物质Na2C2O4 0.1500g溶解在强酸性溶液中,然后用KMnO4标准溶液滴定,到达终点时用去20.00mL,计算KMnO4标准溶液的浓度。 解:2MnOnKMnO
4
5C2O416H
2
2Mn
2
10CO
2
8H2O
4
2525
nNa2C2O4
mNa2C2O4
0.1500
25
1134.0
0.02239molL3
20.0010
cKMnO
4
MrNa2C2O4VKMnO
4
103
2.已知K2Cr2O7标准溶液的浓度为0.01667molL1。计算它对Fe、Fe2O3、FeSO4·7H2O的滴定度各为多少?
解:6Fe2Cr2O7214H nFeTFe
6Fe
3
2Cr
3
7H2O
2
6nK
2
Cr2O7
3
K2Cr2O7
6CK2Cr2O7MrFe10
60.0166755.8510
3
3
0.005586gmL
3
1
1
1
TFe2O3
K2Cr2O7
3CK2Cr2O7MrFe2O310
30.01667159.710
3
0.007987
3
TFeSO47H2O
K2Cr2O7
6CK2Cr2O7MrFeSO47H2O10
60.01667278.010
gmL
0.02780gmL
3.称取铜合金试样0.2000g,以滴定碘法测定其铜含量。当析出的碘用0.1000molL1Na2S2O3标准溶液滴定,终点时共消耗Na2S2O3标准溶液20.00 mL,计算试样中铜的百分含量。 解:2Cu
2
4I
2CuII2
I22S2O3nCunCu
2
2
2I
S4O6
2
nNa2S2O3
2
2nI,nI
2
2
12
2
nNa
2
S2O3
100
Cu%
CNa2S2O3VNa2S2O3MrCu
m100.200010
33
0.100020.0063.55
100
63.55
1 下列说法是否正确
(1)原子的外层电子所处能级越高,则该电子的电离能越大。( 错 ) (2)最外层电子构型为ns1~2的元素不一定都在s区。 ( 对 ) 2 选择题
(1)电子的波粒二象性是由下列哪位科学家提出来的( C )
A Einstein B Bhor C de Broglia D Pauling (2) 下列电子构型中,通常第一电离能I1最小的是( B )
A nsnp B nsnp C nsnp D nsnp (3) 下列原子轨道不存在的是( A )
A 2d B 8s C 4f D 7p
(4)基态原子外层轨道的能量有E3d > E4s的能级交错现象是因为( A ) A 钻穿效应 B 洪特规则 C 屏蔽效应 D A和C (5) 下列元素的电负性大小正确的是( B )
A B > C > N > O > F B F > Cl > Br > I C Si > P > S > Cl D Te > Se > S > O 3 填空题
(1)单电子原子的能量由量子数 主量子数 n 决定,而多电子原子的能量由量子数
(2)3p符号表示主量子数n= 3 ,角量子数l= 1 的原子轨道,其轨道形状为 纺锤形 ,原子轨道数为 ,由于这些轨道的能量 相等 ,因而称它们为等价轨道。电子在这些轨道上的排布首先根据 洪特 规则,分占各个轨道,且 自旋方向 相同,然后再成对。
2
3
2
4
2
5
2
6
1 是非题
(1)极性分子中的化学键必定为极性键,非极性分子中的化学键则不一定是非极性键。(对)
(2)色散力存在于非极性分子间,取向力存在于极性分子间。(错)
(3)共价型化合物的熔、沸点较低是因为共价结合力较弱。(错)
(4)氢键的键能大小与分子间力相近,因而二者没有差别。(错)
2 选择题
(1)两成键原子的原子轨道沿核间连线以“肩并肩”方式重叠形成( C )
A σ键 B 离子键 C π键 D 氢键
(2)中心原子采用sp杂化轨道,而分子构型为三角锥形的是( B )
A H2O B NF3 C BF3 D SiH4
(3)气态卤化氢分子HX的偶极矩由小到大顺序为( C )
A HF HCl HBr HI
B HCl HF HBr HI
C HI HBr HCl HF
D HI HBr HF HCl
(4)下列各物质化学键中只存在σ键的是( A,C ),同时存在σ键和π键的是( B,F )
A PH3 B 乙烯 C 乙烷 D Si02 E N2 F 乙快
3填空题
(1)CO2 与SO2分子间存在的分子间力有 诱导力,色散力 。
(2)分子间氢键一般具有 方向 性和 饱和 性,一般分子间形成氢键,物质的熔、沸点 升高 ,而分子内形成氢键,物质的熔、沸点往往 降低 。
(3)下列各分子中每个碳原子所采用的杂化轨道是(CH4,C2H2,C2H4) sp3, sp, sp2 。
3
1. 推测下列物质的熔点大小的顺序,并加以必要的说明。
O2
2. 试比较下列各离子变形性的相对大小:
S2- > O2- > F-
3. 推测下列晶体的熔点大小顺序,并加以必要的说明。
SiO2 > NaCl > HF > HCl
1.测定某一物料中SiO2的百分含量,得到下列数据:28.62%、28.59%、28.51%、28.48%、28.52%、28.63%。求平均值、标准偏差和置信度分别为90%、95%时的平均值的置信区间。 解:x
28.62%28.59%28.51%28.48%28.52%28.53%
6
28.56%
2
s
0.0620.030.050.080.040.07
2
2
2
2
61
= 0.06%
查表得:置信度为90%,n=6时,t=2.015
28.56
2.0150.06
6
28.560.05
同理,对于置信度为95%,n=6时,t=2.571
28.56
2.5710.06
6
28.560.07
2.对轴承合金中锑量进行了十次测定,得到下列结果:15.48%、15.51%、15.52%、15.53%、15.52%、15.56%、15.53%、15.54%、15.68%、15.56%,试用Q检验法判断有无可疑值弃去?(置信度为90%) 解:(1)按递增顺序排队:
15.48%、15.51%、15.52%、15.52%、15.53%、15.53%、15.54%、15.56%、15.56%、15.68% (2)求出极差: xn-x1=15.68%-15.48%=0.20%
(3)求可疑值与邻近值之差:xn-xn-1=15.68%-15.56%=0.12% (4)计算Q值: Q
xnxn1xnx1
0.12%0.20%
0.60
(5)查表:n=10时,Q0.90=0.41
Q>Q表,最高值15.68%必须弃去。 同理,可检查最低值15.48%。 Q
15.51%15.48%15.56%15.48%
0.38
n=9,Q0.90=0.44
Q<Q表 ,最低值15.48%必须保留。
1.预言下列过程体系的ΔS符号
(1)水变成水蒸气 (+) (2)气体等温膨胀 (+) (3)苯与甲苯相溶 (+) (4)盐从过饱和水溶液中结晶出来 (-) (5)纯碳和氧反应生成一氧化碳 (+)
2.下列说法是否正确?若不正确应该如何改正? (1)放热反应有利于自发进行 (2)熵值变大的反应有利于自发进行
(3)恒温恒压下,ΔrGөm
(5)生成物的气态分子数比反应物气态分子数多,该反应的ΔrSm必是正值。
3. 下列说法是否正确?
(1)在任何情况下反应速率(v)在数值上等于反应速率常数(k)。 (错) (2)质量作用定律是一个普遍的规律,适用于任何化学反应。 (错) (3)反应的活化能越大,在一定温度下反应速率也越大。 (错) (4)温度每增加10oC,一切化学反应的反应速率均增加2-4倍。 (错) (5)可逆反应中,吸热方向的活化能一般大于放热方向的活化能。 (对) (6)某一反应分几步进行,则总反应速率主要决定于最慢一步的反应速率。 (对) (7)催化剂可以提高化学反应的转化率。 (错) (8)催化剂能加快反应速率是因为它降低了反应的活化能。 (对)
4.对于可逆反应:C(s) + H2O(g) CO(g) + H2 (g) ΔH > 0 下列说法你认为对否?为什么?
(1)达平衡时各反应物和生成物的分压一定相等。
错。达平衡时各反应物和生成物的分压都不再随时间的变化而变化。 (2)改变生成物的分压,使Q
正
ө
增大,v逆 减小,故平衡向右移动。
正
错。升高温度使v增大,v逆 也增大v正的增大程度要大于v逆,但故平衡向右移动。
(4)由于反应前后分子数相等,所以增加压力对平衡无影响。
错。虽然反应前后分子数相等,但气态分子数并不相等。增大压力使Q增大,故平衡逆向移动。 (5)加入催化剂使v正 增加,故平衡向右移动。 错。加入催化剂使v正 增加,同时同等程度地增加v
5.根据平衡移动原理,讨论下列反应:
2Cl2(g) + 2H2O(g) 4HCl(g) + O2 (g) ΔH298.15 > 0
将Cl2、H2O、 HCl、O2四种气体混合后,反应达平衡时,若进行下列各项操作,对平衡数值有何影响(操作项目中没有注明的是指温度不变,体积不变)? 操作项目 平衡数值
(1)加O2 H2O的物质的量 (增多) (2)加O2 HCl的物质的量 (减少) (3)增大容器的体积 H2O的物质的量 (减少) (4)减小容器的体积 Cl2的物质的量 (增多) (5)减小容器的体积 Cl2的分压 (增大) (6)减小容器的体积 K (不变) (7)升高温度 K (增大) (8)升高温度 HCl的分压 (增大) (9)加催化剂 HCl的物质的量 (不变)
6.评论下列陈述是否正确?
(1)因为ΔrGөm = - RTlnKө,所以温度升高,平衡常数减小。 (不对) (2)ΔrG
ө
ө
m,T ≈ ∑νi ΔfGm,298.15(生成物)-
ө
ө ө
ө
逆,
故平衡不发生移动。
∑νiΔfGm,298.15(反应物)
(不对)
(3)CaCO3 在常温下不分解,是因为其分解反应是吸热反应;在高温时(T > 1173K)下分解,使因为
此时分解放热。 (不对)
第三章 自选题
1.向50 cm30.10 mol·dm-3的氨水中加入50 cm30.05 mol·dm-3的HCl水溶液,计算所得溶液的pH值。 解:NH3+HCl=NH4Cl 反应后: c(NH3)
c0(NH3)V(NH
V(NH
33
H2O)c(HCl)V(HCl)
H2O)V(HCl)
3
0.10500.0550
5050
4
0.025moldm
c(NH
)
c(HCl)V(HCl)V(NH
3
H2O)V(HCl)
3
0.05505050
0.025moldm
pOHpKpH9.26
b
(NH3)lg
c(NH
4
)
c(NH3)
4.74lg
0.0250.025
4.74
2.写出下列配合物的化学式:
(1)溴化三氯·三氨合铂(Ⅳ) (2)硫酸二氨·四水合镍(Ⅱ) (3)三氯·三亚硝基合钴(Ⅳ)酸钾 (4)四氯合铂(Ⅱ)酸四氨合铜(Ⅱ)
[Pt(NH3Cl3)]Br [Ni(NH3)2(H2O)4]SO4 K2[Co(NO)3Cl3] [Cu(NH3)4][PtCl4]
第四章 自选题
1. 用0.01080mol/L EDTA标准溶液测定水的硬度,在pH=10,用铬黑T做指示剂,滴定100.0mL水,用去EDTA溶液18.40mL,计算水的硬度?(1L水中含有10mg的CaO叫做1。d) 解: 水的总硬度==
(cV)(EDTA)M(CaO)1000
V(水样)10
100010
11.14d
0.0108018.4056.08
100.0
2.分析铜锌镁合金,称取0.5000g试样,用容量瓶配制成100.00mL试液。吸取25.00mL,调至pH=6.0时,用PAN作指示剂,用0.05000mol/L的EDTA滴定Cu2+和Zn2+,用去37.30mL。另外又吸取25.00mL试液,调至pH=10.0,加入KCN以掩蔽Cu2+和Zn2+,用同浓度的EDTA标准溶液滴定Mg2+,用去4.10mL。然后再滴加甲醛以解蔽Zn2+,又用同浓度EDTA标准溶液滴定,用去13.40mL。计算试样中Cu、Zn、Mg的质量分数。
解:滴定Cu、Zn、Mg时消耗的EDTA标准溶液体积分别为: Cu:V(EDTA)=37.30-13.40=23.90Ml Zn2+:V(EDTA)=13.40mL Mg:V(EDTA)=4.10mL ms=0.5000×25.00/100.00=0.1250g
2+2+
2+
2+
2+
(Mg)=(cV)(EDTA)×M(Mg)/ ms
=4.10×0.05000×24.31×10/0.1250 =0.0399
-3
(Zn) =13.40×0.05000×65.39×10-3/0.1250
=0.3505
(Cu)=23.90×0.05000×63.55×10-3/0.1250
=0.6075
3. 称取含有CaCO3的样品0.2000g,溶于过量的40.00mL 0.1000mol/L的HCl溶液中,充分反应后,过量的HCl溶液需0.1021mol/L的NaOH溶液3.05mL滴定终点。求样品中CaCO3的质量分数。 解:
(CaCO3)
[40.0010
[n(HCl)总n(NaOH)]/2M(CaCO3)
ms
3
0.10213.0510
0.2000
3
]/2100.1
0.9231
第五章 自选题
1. 室温下,计算在0.010 mol·dm-3Na2S2O3溶液中AgBr的溶解度。
Ksp(AgBr)=5.0×10-13;β2[Ag(S2O3)23-]=2.9×1013
答案: AgBr + 2S2O32- → [Ag(S2O3)2]3- + Br – 平衡c 0.010 – 2x x x K = Ksp(AgBr)•β
3-2[Ag(S2O3)2]=
x
2
2
(0.0102x)
=5.0×10-13×2.9×1013=14.5
x0.0102x
=3.81 x = 4.42×10-3
2. 如果用(NH4)2S溶液来处理AgI沉淀使之转化为Ag2S沉淀,这一反应的平衡常数是多少?若在1.0
L(NH4)2S溶液中溶解0.10 mol AgI,则(NH4)2S的最初浓度应为多少?
Ksp(AgI)=8.3×10-17, Ksp(Ag2S)=6.3×10-50
2AgI + S2- → Ag2S + 2I- 平衡c x 0.010 K =
(Ksp(AgI))
2
Ksp(Ag2S)
=
(8.3106.310
17
)
2
50.
=1.1×10 =
17
(0.010)
x
2
X = 9.1×10-22
K=1.1×10 ;S的最初浓度为(0.010/2)+9.1×10≈0.005 mol·dm
3. 在室温下,如在100 mL的0.10 mol•dm-3AgNO3溶液中,加入等体积、同浓度的NaCl,即有AgCl沉
淀析出。要阻止沉淀析出或使它溶解,问需加入氨水的最低浓度为多少?这时溶液中c(Ag+)为多少?
Ksp (AgCl) = 1.56×10-10;β02[Ag(NH3)2+] = 1.62×107
17
2--22-3
答案: 设:平衡时氨的浓度为x
AgCl + 2NH3 → Ag(NH3)2 + Cl
平衡c x 0.10/2 0.10/2 K =Ksp(AgCl)•β
+-
2 = 1.56×10×1.62×10 =
-3
-107
(0.05)x
2
2
= 2.53×10-3
X = 1 mol·dm
氨水的最低浓度为:1+2×0.05 = 1.1 mol·dm
4. 做两个实验,一是用100 mL蒸馏水洗涤BaSO4沉淀,二是用100mL0.010mol·dm-3H2SO4溶液洗涤
BaSO4沉淀。如果洗液对BaSO4是饱和的。计算在每个实验中BaSO4溶解的摩尔数。根据计算结果,用水还是用稀硫酸作洗液比较合适?
-3
已知 Ksp0 =1.1×10-10
蒸馏水作洗液时: S=.110101.049105mol/L
n(BaSO4)=1.049×10-5×100×10-3 = 1.049×10-6mol H2SO4作洗液时: BaSO4 → Ba2+ + SO4 平衡c s 0.010
S = 1.1×10-10/0.010 = 1.1×10-8 N = 1.1×10×100×10 = 1.1×10mol 因此用H2SO4作洗液更好。
-8
-3
-9
第六章 自选题答案
1. 用 [Cu(NH3)4]2+ / Cu和Cu2+ / Cu两电对组成原电池,该电池的标准电动势
E
= 0.367 V,试求298.15 K时[Cu(NH3)4]2+的稳定常数。
由于(Cu(NH3)2/ Cu)
2+
正极反应 Cu2+ + 2e = Cu
+负极反应 Cu + 4NH3 =Cu(NH3)2 + 2e 4
+电池反应 Cu2+ + 4NH3 = Cu(NH3)2 4
lgK
=
zE
00592
20.3670.0592
12
= 12.4
所以K稳= 2.5 10
2
2.已知:(Co/Co) = +1.81 V,K稳 (Co(en)3) = 1.0 10,K稳 (Co(en)3) = 1.0 10,试求298 K时,3
3
3
3+2+4914
Co(en)+ e Co(en)
-1
23
的
值 。
-1
2
当[Co(en)3] = 0.20 mol·L,[Co(en)3] = 0.10 mol·L 时,电对的电极电势()值又是多少? 3
(1)
(Co(en)
3
3
/Co(en)
23
) =
(Co/Co) - 0.059 lg
3+2+
K稳(Co(en)3)K稳(Co(en)3)
4914
2
3
= 1.81 - 0.059 lg(2) ( Co(en)
33
1.0101.010
23
= -0.26 (V)
[Co(en)3][Co(en
2)33
/Co(en)
23
) =
(Co(en)
33
/Co(en)) + 0.059 lg
]
= -0.26 + 0.059 lg
0.200.10
= -0.24 (V)
1.称取基准物质Na2C2O4 0.1500g溶解在强酸性溶液中,然后用KMnO4标准溶液滴定,到达终点时用去20.00mL,计算KMnO4标准溶液的浓度。 解:2MnOnKMnO
4
5C2O416H
2
2Mn
2
10CO
2
8H2O
4
2525
nNa2C2O4
mNa2C2O4
0.1500
25
1134.0
0.02239molL3
20.0010
cKMnO
4
MrNa2C2O4VKMnO
4
103
2.已知K2Cr2O7标准溶液的浓度为0.01667molL1。计算它对Fe、Fe2O3、FeSO4·7H2O的滴定度各为多少?
解:6Fe2Cr2O7214H nFeTFe
6Fe
3
2Cr
3
7H2O
2
6nK
2
Cr2O7
3
K2Cr2O7
6CK2Cr2O7MrFe10
60.0166755.8510
3
3
0.005586gmL
3
1
1
1
TFe2O3
K2Cr2O7
3CK2Cr2O7MrFe2O310
30.01667159.710
3
0.007987
3
TFeSO47H2O
K2Cr2O7
6CK2Cr2O7MrFeSO47H2O10
60.01667278.010
gmL
0.02780gmL
3.称取铜合金试样0.2000g,以滴定碘法测定其铜含量。当析出的碘用0.1000molL1Na2S2O3标准溶液滴定,终点时共消耗Na2S2O3标准溶液20.00 mL,计算试样中铜的百分含量。 解:2Cu
2
4I
2CuII2
I22S2O3nCunCu
2
2
2I
S4O6
2
nNa2S2O3
2
2nI,nI
2
2
12
2
nNa
2
S2O3
100
Cu%
CNa2S2O3VNa2S2O3MrCu
m100.200010
33
0.100020.0063.55
100
63.55
1 下列说法是否正确
(1)原子的外层电子所处能级越高,则该电子的电离能越大。( 错 ) (2)最外层电子构型为ns1~2的元素不一定都在s区。 ( 对 ) 2 选择题
(1)电子的波粒二象性是由下列哪位科学家提出来的( C )
A Einstein B Bhor C de Broglia D Pauling (2) 下列电子构型中,通常第一电离能I1最小的是( B )
A nsnp B nsnp C nsnp D nsnp (3) 下列原子轨道不存在的是( A )
A 2d B 8s C 4f D 7p
(4)基态原子外层轨道的能量有E3d > E4s的能级交错现象是因为( A ) A 钻穿效应 B 洪特规则 C 屏蔽效应 D A和C (5) 下列元素的电负性大小正确的是( B )
A B > C > N > O > F B F > Cl > Br > I C Si > P > S > Cl D Te > Se > S > O 3 填空题
(1)单电子原子的能量由量子数 主量子数 n 决定,而多电子原子的能量由量子数
(2)3p符号表示主量子数n= 3 ,角量子数l= 1 的原子轨道,其轨道形状为 纺锤形 ,原子轨道数为 ,由于这些轨道的能量 相等 ,因而称它们为等价轨道。电子在这些轨道上的排布首先根据 洪特 规则,分占各个轨道,且 自旋方向 相同,然后再成对。
2
3
2
4
2
5
2
6
1 是非题
(1)极性分子中的化学键必定为极性键,非极性分子中的化学键则不一定是非极性键。(对)
(2)色散力存在于非极性分子间,取向力存在于极性分子间。(错)
(3)共价型化合物的熔、沸点较低是因为共价结合力较弱。(错)
(4)氢键的键能大小与分子间力相近,因而二者没有差别。(错)
2 选择题
(1)两成键原子的原子轨道沿核间连线以“肩并肩”方式重叠形成( C )
A σ键 B 离子键 C π键 D 氢键
(2)中心原子采用sp杂化轨道,而分子构型为三角锥形的是( B )
A H2O B NF3 C BF3 D SiH4
(3)气态卤化氢分子HX的偶极矩由小到大顺序为( C )
A HF HCl HBr HI
B HCl HF HBr HI
C HI HBr HCl HF
D HI HBr HF HCl
(4)下列各物质化学键中只存在σ键的是( A,C ),同时存在σ键和π键的是( B,F )
A PH3 B 乙烯 C 乙烷 D Si02 E N2 F 乙快
3填空题
(1)CO2 与SO2分子间存在的分子间力有 诱导力,色散力 。
(2)分子间氢键一般具有 方向 性和 饱和 性,一般分子间形成氢键,物质的熔、沸点 升高 ,而分子内形成氢键,物质的熔、沸点往往 降低 。
(3)下列各分子中每个碳原子所采用的杂化轨道是(CH4,C2H2,C2H4) sp3, sp, sp2 。
3
1. 推测下列物质的熔点大小的顺序,并加以必要的说明。
O2
2. 试比较下列各离子变形性的相对大小:
S2- > O2- > F-
3. 推测下列晶体的熔点大小顺序,并加以必要的说明。
SiO2 > NaCl > HF > HCl