专题训练(六) 不规则图形的面积及曲线长的求法
► 类型之一 用覆盖法求阴影图形的面积
1.如图6-ZT -1所示,AB ,CD 是⊙O 的两条互相垂直的直径,O 1,O 2,O 3,O 4分别是OA ,OB ,OC ,OD 的中点,若⊙O 的半径是2,则阴影部分的面积为(
)
图6-ZT -1
A .8 B .4
C .4π+4 D .4π-4 [答案] A
2.如图6-ZT -2所示,正方形的边长为2,以各边为直径在正方形内画半圆,则图中阴影部分的面积为________(结果用π表示) .
图6-ZT -2
[答案] 8-2π
[解析] 用四个半圆的面积减去正方形的面积求出空白部分的面积,再利用阴影部分的面积等于正方形的面积减去空白部分的面积计算.空白部分的面积=×4-2×2=2π-4,阴
2影部分的面积=2×2-(2π-4) =4-2π+4=8-2π.
► 类型之二 用旋转求阴影图形的面积
3.如图6-ZT -3,将含60°角的直角三角板ABC 绕顶点A 顺时针旋转45°度后得到︵
△AB ′C ′,点B 经过的路径为BB ′,若∠BAC =60°,AC =1,则图中阴影部分的面积是(
)
π
图6-ZT -3
πππ
A . B . C . D .π 234
[解析] A ∵在Rt △ABC 中,∠ACB =90°,∠BAC =60°,AC =1, ∴BC =ACtan 60°=1×3=3,AB =2, 13∴S △ABC =AC ·BC .
22
根据旋转的性质知△ABC ≌△AB ′C ′,
则S △ABC =S △AB ′C ′,AB =AB ′,
45π×22π
∴S 阴影=S 扇形ABB ′+S △AB ′C ′-S △ABC =S 扇形ABB ′=.
3602
4.[襄阳中考] 如图6-ZT -4,在正方形ABCD 中,AD =2,E 是AB 的中点,将△BEC
绕点B 逆时针旋转90°后,点E 落在CB 的延长线上点F 处,点C 落在点A 处.再将线段AF 绕点F 顺时针旋转90°得线段FG ,连结EF ,CG .
(1)求证:EF ∥CG ;
︵︵
(2)求点C ,点A 在旋转过程中形成的AC ,AG 与线段CG 所围成的阴影部分的面积.
图6-ZT -4 图6-ZT -5
解:(1)证明:∵四边形ABCD 是正方形, ∴AB =BC =AD =2,∠ABC =90°.
∵△BEC 绕点B 逆时针旋转90°得△ABF , ∴△ABF ≌△CBE ,
∴∠1=∠3,∠4=∠5=90°,AF =EC , ∴∠AFB +∠1=90°.
∵线段AF 绕点F 顺时针旋转90°得线段FG , ∴∠AFB +∠2=∠AFG =90°,AF =FG , ∴∠2=∠1=∠3. ∴EC ∥FG .
∵AF =EC ,AF =FG ,∴EC =FG ,
∴四边形EFGC 是平行四边形,∴EF ∥CG . 1
(2)∵△ABF ≌△CBE ,∴FB =BE =AB =1,
2∴AF =AB +BF =5. 在△FEC 和△CGF 中,
∵EC =FG ,∠3=∠2,FC =CF , ∴△FEC ≌△CGF , ∴S △FEC =S △CGF .
∴S 阴影=S 扇形BAC +S △ABF +S △FGC -S 扇形F AG
90π×22190π×5)21=+×2×1+×(1+2) ×1-
360223605π10-π=(或) . 244
► 类型之三 用平移求阴影图形的面积
5.如图6-ZT -6是两个半圆,点O 为大半圆的圆心,AB 是大半圆的弦且与小半圆相切,且AB =24,求图中阴影部分的面积.
图6-ZT -6 图6-ZT -7
[解析] 将小半圆向右平移,使小半圆的圆心与大半圆的圆心重合,于是阴影部分的面积可转化为大半圆面积减去小半圆面积.
解:将小半圆向右平移,使两半圆同圆心,如图5-ZT -6所示,连结OB ,过点O 作OC ⊥AB 于点C ,则AC =BC =12.
∵AB 是大半圆的弦且与小半圆相切, ∴OC 为小半圆的半径,
1111
∴S 阴影=S 大半圆-S 小半圆·OB 2-π·OC 2(OB 2-OC 2) BC 2=72π.
2222► 类型之四 用等积变形求阴影图形的面积
6.如图6-ZT -8所示,AB 是⊙O 的直径,弦CD ⊥AB 于点E ,∠CDB =30°,CD =23,则阴影部分的面积为(
)
图6-ZT -8
A .4π B .2π 2π
C .π D . 3[解析] D 连结OD .
1
∵CD ⊥AB ,∴CE =DE =CD =,
2
故S △OCE =S △ODE ,
即可得阴影部分的面积等于扇形OBD 的面积. 又∵∠CDB =30°,∴∠BOD =∠COB =60°, ∴OB =2,
60π×222π
故S 扇形OBD =
36032π
即阴影部分的面积为D .
3
► 类型之五 用割补法求阴影图形的面积 7.[泰安中考] 如图6-ZT -9,半径为2 cm,圆心角为90°的扇形OAB 中,分别以OA ,OB 为直径作半圆,则图中阴影部分的面积为( )
ππ
A .(-1)cm 2 B .(1)cm 2
22π
C .1 cm2 D . cm 2
2
图6-ZT -9 图6-ZT -10
[解析] A 如图6-ZT -10所示,设以OB 为直径的半圆的圆心为O 1,以OA 为直径的半圆的圆心为O 2,连结O 1C ,O 2C ,易知OO 1=O 1C =O 2C =OO 2=1 cm.又∠AOB =90°,则四边形O 1CO 2O 为正方形,其面积为1 cm2.
90π×121
扇形O 1CB 的面积=扇形O 2AC 的面积=π(cm2) ;扇形OAB 的面积=
360490π×22
π(cm2) ,所以阴影部分的面积=扇形OAB 的面积-扇形O 1CB 的面积-扇形O 2AC 360111
的面积-正方形O 1CO 2O 的面积=π-π-π-1=-1(cm2) ,故选A .
442
8.[本溪中考] 如图6-ZT -11,已知在Rt △ABC 中,∠B =30°,∠ACB =90°. 延长
CA 到O ,使AO =AC ,以O 为圆心,OA 长为半径作⊙O ,交BA 的延长线于点D ,连结CD .
(1)求证:CD 是⊙O 的切线;
(2)若AB =4,求图中阴影部分的面积.
图6-ZT -11 图6-ZT -12
[解析] (1)连结OD ,通过等腰三角形及等边三角形的性质证明∠ODC =90°; (2)用S △ODC -S 扇形AOD 计算阴影部分的面积. 解:(1)证明:连结OD ,
∵∠BCA =90°,∠B =30°, ∴∠OAD =∠BAC =60°. ∵OD =OA ,
∴△OAD 是等边三角形,
∴AD =OA =AC ,∠ODA =∠O =60°, 1
∴∠ADC =∠ACD =60°=30°,
2
∴∠ODC =∠ODA +∠ADC =60°+30°=90°, ∴CD 是⊙O 的切线.
(2)∵AB =4,∠ACB =90°,∠B =30°, 1
∴OD =OA =AC =2,
2
由勾股定理得:CD OC -OD 4-2=2 3,
60×π×2212
∴S 阴影=S △ODC -S 扇形AOD ×2×23-=2 3-.
23603► 类型之六 用方程整体变换求阴影部分的面积
9.[乐山中考] 如图6-ZT -13,正方形ABCD 的边长为3,以A 为圆心,2为半径作圆弧,以D 为圆心,3为半径作圆弧.若图中阴影部分的面积分别为S 1,S 2,则S 1-S 2=________.
[答案]
13
π-9 4
图6-ZT -13 [解析] 设右边空白处的面积为a ,则S 1+a =∴S 1-S 2=(S1+a) -(S2+a) =
π·329π
4
4
,S 2+a =3-
2
π·22
4
9-π,
9π13
-(9-π) =π-9. 44
10.如图6-ZT -14,正方形ABCD 的边长为2,四条弧分别以相应顶点为圆心,正方
形ABCD 的边长为半径,则阴影部分的面积为__________.
图6-ZT -14
8π
[答案] 16-4 3-3
[解析] 如图,我们不妨设这几个特殊部分的面积分别为a ,b ,c ,根据题意,利用正方形的面积、90度扇形的面积、60度扇形的面积的组成部分作为三个相等关系列方程组:
8a +4b +4c =4,①
⎧⎪6a +4b +2c =π,②⎨2×60π×214a +4b +c 2⎪⎩3602
2
3,③
42
①-②,得2a +2c =4-π,②-③,得2a +c =π-3,所以c =4-π-3,
338
所以阴影部分的面积为16-π-4
3
图6-ZT -15
► 类型之七 用圆的周长公式计算曲线长
11.如图6-ZT -16所示,一枚直径为4 cm 的圆形古钱币沿着直线滚动一周,圆心移动的距离是(
)
图6-ZT -16
A .2π cm B .4π cm C .8π cm D .16π cm
[解析] B ∵一枚直径为4 cm的圆形古钱币沿着直线滚动一周,∴圆心移动的距离等于4
圆的周长,即2π×=4π(cm).
2
► 类型之八 用分步求和计算曲线长
12.如图6-ZT -17,将边长为8 cm的正方形ABCD 的四边沿直线l 向右滚动(不滑动) ,当正方形滚动两周时,正方形的顶点A 所经过的路线的长是________cm.
图6-ZT -17
[答案] (8 2+16) π
[解析] 第一次旋转是以点C 为圆心,AC 长为半径,旋转角度是90°, 90π×8 2
所以弧长==4 2π(cm);
180
第二次旋转是以点D 为圆心,AD 长为半径,旋转角度是90°, 90π×8
所以弧长=4π(cm);
180
第三次旋转是以点A 为圆心,所以路程为0;
第四次是以点B 为圆心,AB 长为半径,旋转角度是90°,
90π×8
所以弧长=4π(cm);所以旋转一周的弧长=(4 2+8) π cm.
180
所以正方形滚动两周,顶点A 所经过的路线的长是(8 2π+16π)cm.
13.已知一个半圆形工件,未搬动前直径平行于地面放置,如图6-ZT -18所示,搬动时为了保护圆弧部分不受损伤,先将半圆作如图所示的无滑动翻转,使它的直径紧贴地面,再将它沿地面平移50 m,半圆的直径为4 m,则圆心O 所经过的路线长是________m(结果用π表示) .
图6-ZT -18
[答案] (2π+50)
︵1
[解析] 由图6-ZT -19可知,圆心先向前走O 1O 2的长度,即然后沿着O 2O 3
41
最后向右平移50 m,所以圆心总共走过的路程为圆周长的一半(即半圆) 加上
4(90+90)×π×2
50 m ,由已知得圆的半径为2 m ,则半圆的弧长l ==2π(m),∴圆心O
180所经过的路线长=(2π+50)(m).
图6-ZT -19
14.如图6-ZT -20所示,将一长为4 cm,宽为3 cm的长方形木板在桌面上做无滑动翻滚(顺时针方向) ,木板上点A 的位置变化为A →A 1→A 2,其中第二次翻滚被桌面上一小木块挡住,使木板与桌面成30°角,则点A 翻滚到A 2位置时共走过的路径长为多少?
图6-ZT -20
︵
解:由图形知AA 1的圆心角为90°,半径为长方形的对角线长,为3+4=5(cm),从︵90π×55
而求出AA 1的长为=(cm).
1802
︵︵60π×3
同理A 1A 2的圆心角为60°,半径为3 cm,从而求出A 1A 2的长为π(cm),
180
图6-ZT -21
7
从而得点A 翻滚到A 2位置时共走过的路径的总长度为 cm.
2
► 类型之九 用转化的方法求曲线长
15.[龙东中考] 一圆锥体形状的水晶饰品,母线长是10 cm,底面圆的直径是5 cm,点A 为圆锥底面圆周上一点,从A 点开始绕圆锥侧面缠一圈彩带回到A 点,则彩带最少用(接口处重合部分忽略不计)( )
A .10π cm B .10 cm C .5π cm D .5 2 cm
[解析] B 由题意得圆锥的侧面展开图为扇形(如图6-ZT -22) ,连结AA ′,AA ′的长度即为所用彩带长度的最小值,由于圆锥的底面周长等于展开图扇形的弧长,设展开图扇形的n π×10
圆心角为n °,则5π=n =90,故AA ′=10+10=10 2(cm).
180
图6-ZT -22
专题训练(六) 不规则图形的面积及曲线长的求法
► 类型之一 用覆盖法求阴影图形的面积
1.如图6-ZT -1所示,AB ,CD 是⊙O 的两条互相垂直的直径,O 1,O 2,O 3,O 4分别是OA ,OB ,OC ,OD 的中点,若⊙O 的半径是2,则阴影部分的面积为(
)
图6-ZT -1
A .8 B .4
C .4π+4 D .4π-4 [答案] A
2.如图6-ZT -2所示,正方形的边长为2,以各边为直径在正方形内画半圆,则图中阴影部分的面积为________(结果用π表示) .
图6-ZT -2
[答案] 8-2π
[解析] 用四个半圆的面积减去正方形的面积求出空白部分的面积,再利用阴影部分的面积等于正方形的面积减去空白部分的面积计算.空白部分的面积=×4-2×2=2π-4,阴
2影部分的面积=2×2-(2π-4) =4-2π+4=8-2π.
► 类型之二 用旋转求阴影图形的面积
3.如图6-ZT -3,将含60°角的直角三角板ABC 绕顶点A 顺时针旋转45°度后得到︵
△AB ′C ′,点B 经过的路径为BB ′,若∠BAC =60°,AC =1,则图中阴影部分的面积是(
)
π
图6-ZT -3
πππ
A . B . C . D .π 234
[解析] A ∵在Rt △ABC 中,∠ACB =90°,∠BAC =60°,AC =1, ∴BC =ACtan 60°=1×3=3,AB =2, 13∴S △ABC =AC ·BC .
22
根据旋转的性质知△ABC ≌△AB ′C ′,
则S △ABC =S △AB ′C ′,AB =AB ′,
45π×22π
∴S 阴影=S 扇形ABB ′+S △AB ′C ′-S △ABC =S 扇形ABB ′=.
3602
4.[襄阳中考] 如图6-ZT -4,在正方形ABCD 中,AD =2,E 是AB 的中点,将△BEC
绕点B 逆时针旋转90°后,点E 落在CB 的延长线上点F 处,点C 落在点A 处.再将线段AF 绕点F 顺时针旋转90°得线段FG ,连结EF ,CG .
(1)求证:EF ∥CG ;
︵︵
(2)求点C ,点A 在旋转过程中形成的AC ,AG 与线段CG 所围成的阴影部分的面积.
图6-ZT -4 图6-ZT -5
解:(1)证明:∵四边形ABCD 是正方形, ∴AB =BC =AD =2,∠ABC =90°.
∵△BEC 绕点B 逆时针旋转90°得△ABF , ∴△ABF ≌△CBE ,
∴∠1=∠3,∠4=∠5=90°,AF =EC , ∴∠AFB +∠1=90°.
∵线段AF 绕点F 顺时针旋转90°得线段FG , ∴∠AFB +∠2=∠AFG =90°,AF =FG , ∴∠2=∠1=∠3. ∴EC ∥FG .
∵AF =EC ,AF =FG ,∴EC =FG ,
∴四边形EFGC 是平行四边形,∴EF ∥CG . 1
(2)∵△ABF ≌△CBE ,∴FB =BE =AB =1,
2∴AF =AB +BF =5. 在△FEC 和△CGF 中,
∵EC =FG ,∠3=∠2,FC =CF , ∴△FEC ≌△CGF , ∴S △FEC =S △CGF .
∴S 阴影=S 扇形BAC +S △ABF +S △FGC -S 扇形F AG
90π×22190π×5)21=+×2×1+×(1+2) ×1-
360223605π10-π=(或) . 244
► 类型之三 用平移求阴影图形的面积
5.如图6-ZT -6是两个半圆,点O 为大半圆的圆心,AB 是大半圆的弦且与小半圆相切,且AB =24,求图中阴影部分的面积.
图6-ZT -6 图6-ZT -7
[解析] 将小半圆向右平移,使小半圆的圆心与大半圆的圆心重合,于是阴影部分的面积可转化为大半圆面积减去小半圆面积.
解:将小半圆向右平移,使两半圆同圆心,如图5-ZT -6所示,连结OB ,过点O 作OC ⊥AB 于点C ,则AC =BC =12.
∵AB 是大半圆的弦且与小半圆相切, ∴OC 为小半圆的半径,
1111
∴S 阴影=S 大半圆-S 小半圆·OB 2-π·OC 2(OB 2-OC 2) BC 2=72π.
2222► 类型之四 用等积变形求阴影图形的面积
6.如图6-ZT -8所示,AB 是⊙O 的直径,弦CD ⊥AB 于点E ,∠CDB =30°,CD =23,则阴影部分的面积为(
)
图6-ZT -8
A .4π B .2π 2π
C .π D . 3[解析] D 连结OD .
1
∵CD ⊥AB ,∴CE =DE =CD =,
2
故S △OCE =S △ODE ,
即可得阴影部分的面积等于扇形OBD 的面积. 又∵∠CDB =30°,∴∠BOD =∠COB =60°, ∴OB =2,
60π×222π
故S 扇形OBD =
36032π
即阴影部分的面积为D .
3
► 类型之五 用割补法求阴影图形的面积 7.[泰安中考] 如图6-ZT -9,半径为2 cm,圆心角为90°的扇形OAB 中,分别以OA ,OB 为直径作半圆,则图中阴影部分的面积为( )
ππ
A .(-1)cm 2 B .(1)cm 2
22π
C .1 cm2 D . cm 2
2
图6-ZT -9 图6-ZT -10
[解析] A 如图6-ZT -10所示,设以OB 为直径的半圆的圆心为O 1,以OA 为直径的半圆的圆心为O 2,连结O 1C ,O 2C ,易知OO 1=O 1C =O 2C =OO 2=1 cm.又∠AOB =90°,则四边形O 1CO 2O 为正方形,其面积为1 cm2.
90π×121
扇形O 1CB 的面积=扇形O 2AC 的面积=π(cm2) ;扇形OAB 的面积=
360490π×22
π(cm2) ,所以阴影部分的面积=扇形OAB 的面积-扇形O 1CB 的面积-扇形O 2AC 360111
的面积-正方形O 1CO 2O 的面积=π-π-π-1=-1(cm2) ,故选A .
442
8.[本溪中考] 如图6-ZT -11,已知在Rt △ABC 中,∠B =30°,∠ACB =90°. 延长
CA 到O ,使AO =AC ,以O 为圆心,OA 长为半径作⊙O ,交BA 的延长线于点D ,连结CD .
(1)求证:CD 是⊙O 的切线;
(2)若AB =4,求图中阴影部分的面积.
图6-ZT -11 图6-ZT -12
[解析] (1)连结OD ,通过等腰三角形及等边三角形的性质证明∠ODC =90°; (2)用S △ODC -S 扇形AOD 计算阴影部分的面积. 解:(1)证明:连结OD ,
∵∠BCA =90°,∠B =30°, ∴∠OAD =∠BAC =60°. ∵OD =OA ,
∴△OAD 是等边三角形,
∴AD =OA =AC ,∠ODA =∠O =60°, 1
∴∠ADC =∠ACD =60°=30°,
2
∴∠ODC =∠ODA +∠ADC =60°+30°=90°, ∴CD 是⊙O 的切线.
(2)∵AB =4,∠ACB =90°,∠B =30°, 1
∴OD =OA =AC =2,
2
由勾股定理得:CD OC -OD 4-2=2 3,
60×π×2212
∴S 阴影=S △ODC -S 扇形AOD ×2×23-=2 3-.
23603► 类型之六 用方程整体变换求阴影部分的面积
9.[乐山中考] 如图6-ZT -13,正方形ABCD 的边长为3,以A 为圆心,2为半径作圆弧,以D 为圆心,3为半径作圆弧.若图中阴影部分的面积分别为S 1,S 2,则S 1-S 2=________.
[答案]
13
π-9 4
图6-ZT -13 [解析] 设右边空白处的面积为a ,则S 1+a =∴S 1-S 2=(S1+a) -(S2+a) =
π·329π
4
4
,S 2+a =3-
2
π·22
4
9-π,
9π13
-(9-π) =π-9. 44
10.如图6-ZT -14,正方形ABCD 的边长为2,四条弧分别以相应顶点为圆心,正方
形ABCD 的边长为半径,则阴影部分的面积为__________.
图6-ZT -14
8π
[答案] 16-4 3-3
[解析] 如图,我们不妨设这几个特殊部分的面积分别为a ,b ,c ,根据题意,利用正方形的面积、90度扇形的面积、60度扇形的面积的组成部分作为三个相等关系列方程组:
8a +4b +4c =4,①
⎧⎪6a +4b +2c =π,②⎨2×60π×214a +4b +c 2⎪⎩3602
2
3,③
42
①-②,得2a +2c =4-π,②-③,得2a +c =π-3,所以c =4-π-3,
338
所以阴影部分的面积为16-π-4
3
图6-ZT -15
► 类型之七 用圆的周长公式计算曲线长
11.如图6-ZT -16所示,一枚直径为4 cm 的圆形古钱币沿着直线滚动一周,圆心移动的距离是(
)
图6-ZT -16
A .2π cm B .4π cm C .8π cm D .16π cm
[解析] B ∵一枚直径为4 cm的圆形古钱币沿着直线滚动一周,∴圆心移动的距离等于4
圆的周长,即2π×=4π(cm).
2
► 类型之八 用分步求和计算曲线长
12.如图6-ZT -17,将边长为8 cm的正方形ABCD 的四边沿直线l 向右滚动(不滑动) ,当正方形滚动两周时,正方形的顶点A 所经过的路线的长是________cm.
图6-ZT -17
[答案] (8 2+16) π
[解析] 第一次旋转是以点C 为圆心,AC 长为半径,旋转角度是90°, 90π×8 2
所以弧长==4 2π(cm);
180
第二次旋转是以点D 为圆心,AD 长为半径,旋转角度是90°, 90π×8
所以弧长=4π(cm);
180
第三次旋转是以点A 为圆心,所以路程为0;
第四次是以点B 为圆心,AB 长为半径,旋转角度是90°,
90π×8
所以弧长=4π(cm);所以旋转一周的弧长=(4 2+8) π cm.
180
所以正方形滚动两周,顶点A 所经过的路线的长是(8 2π+16π)cm.
13.已知一个半圆形工件,未搬动前直径平行于地面放置,如图6-ZT -18所示,搬动时为了保护圆弧部分不受损伤,先将半圆作如图所示的无滑动翻转,使它的直径紧贴地面,再将它沿地面平移50 m,半圆的直径为4 m,则圆心O 所经过的路线长是________m(结果用π表示) .
图6-ZT -18
[答案] (2π+50)
︵1
[解析] 由图6-ZT -19可知,圆心先向前走O 1O 2的长度,即然后沿着O 2O 3
41
最后向右平移50 m,所以圆心总共走过的路程为圆周长的一半(即半圆) 加上
4(90+90)×π×2
50 m ,由已知得圆的半径为2 m ,则半圆的弧长l ==2π(m),∴圆心O
180所经过的路线长=(2π+50)(m).
图6-ZT -19
14.如图6-ZT -20所示,将一长为4 cm,宽为3 cm的长方形木板在桌面上做无滑动翻滚(顺时针方向) ,木板上点A 的位置变化为A →A 1→A 2,其中第二次翻滚被桌面上一小木块挡住,使木板与桌面成30°角,则点A 翻滚到A 2位置时共走过的路径长为多少?
图6-ZT -20
︵
解:由图形知AA 1的圆心角为90°,半径为长方形的对角线长,为3+4=5(cm),从︵90π×55
而求出AA 1的长为=(cm).
1802
︵︵60π×3
同理A 1A 2的圆心角为60°,半径为3 cm,从而求出A 1A 2的长为π(cm),
180
图6-ZT -21
7
从而得点A 翻滚到A 2位置时共走过的路径的总长度为 cm.
2
► 类型之九 用转化的方法求曲线长
15.[龙东中考] 一圆锥体形状的水晶饰品,母线长是10 cm,底面圆的直径是5 cm,点A 为圆锥底面圆周上一点,从A 点开始绕圆锥侧面缠一圈彩带回到A 点,则彩带最少用(接口处重合部分忽略不计)( )
A .10π cm B .10 cm C .5π cm D .5 2 cm
[解析] B 由题意得圆锥的侧面展开图为扇形(如图6-ZT -22) ,连结AA ′,AA ′的长度即为所用彩带长度的最小值,由于圆锥的底面周长等于展开图扇形的弧长,设展开图扇形的n π×10
圆心角为n °,则5π=n =90,故AA ′=10+10=10 2(cm).
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图6-ZT -22