6利用向量法求空间角和距离
1向量法求异面直线所成的角
【例1】 (15郑州市期末) 如图所示,在三棱柱ABC—A1B1C1中,AA1⊥底面ABC,AB=BC=AA1,∠ABC=90°,点E、F分别是棱AB、BB1的中点,则直线EF和BC1所成的角是________.
【解析】以BC为x轴,BA为y轴,BB1为z轴,建立空间直角坐标系.
→设AB=BC=AA1=2,则C1(2,0,2),E(0,1,0),F(0,0,1),则EF=(0,
→→→-1,1),BC1=(2,0,2),∴EF·BC1=2,
21→→∴cos〈EF,BC1〉=,∴EF和BC1所成的角为60°. 2×222
【评注】用向量求解异面直线所成角,利用坐标运算求解,公式计算
要准确. 设两异面直线a,b所成的角为,m,n分别是a,b的方向向量,则有
coscosm,nmn0mn.异面直线所成角的范围是2,因此,如果按照公式求出来的向量的数量积是一个负数,则应当取其绝对值,使之变为正值,这样求得的角就为为锐角或直角.
【变式1】正三棱锥中利用向量的坐标运算求异面直线所成的角
在正三棱锥P—ABC中,底面正△ABC的中心为O,D是PA的中点,PO=AB=2,求异面直线AC和
BD所成的角余弦值.
【解析】以O为坐标原点,OA为x轴,OP为z轴建立空间直角坐标系.因ABC是正三角形,故y轴平行于BC,而PO=AB=2
,则P(0,0,2),
A
0),B(
,C(1,0),D
是PA的中点,1,1),CA,0),
故D
, BD
cosBD,CA 【例2】 (2012·陕西理)三棱柱ABC-A1B1C1中,底面边
长和侧棱长都相等,
∠BAA1=∠CAA1=60°,则异面直线AB1与BC1所成角的余弦值为________.
→→→→→→→→→【解析】选准基底,由题意知,AB1=AB+AA1,BC1=BB1+BC=BA+AC+AA1.
又∠CAA1=∠BAA1=∠BAC=60°,设边长、侧棱长为1,
→2→→2→2→2→→→则AB1=(AB+AA1)=AB+AA1+2AB·AA1=3,所以|AB1|=3,
→同理可得|BC1|=2.
→→→→→→→→→→→→→AB1·BC1=AB·BA+AB·AC+AB·AA1+AA1·BA+AA1·AC+AA12=1,
→→AB1·BC116→→所以cos〈AB1·BC1〉=. →→3·26|AB1|·|BC1|【评注】求异面直线所成角可以借助向量运算求解.关键是选取合适的基底,利用基向量法
1
和线性运算以及数量积,沟通角与向量之间的关系求解。
【变式1】两种常用方法求异面直线所成的角
在三棱锥S – ABC中,∠SAB = ∠SAC =∠ACB = 90°,AC = 2,BC =,SB =29.则异面直线SC与AB所成的角的余弦为
【解析1】 利用向量之间的转化,由题中的已知条件,容易计算得到|SC|= 4,|AB|=. 而()=||||cos∠CAB = 2 × ×2
= 4,据此有图10 cos
的坐标分别为A(2, 0, 0)、B(0,,0)。由∠SAB = ∠SAC =∠ACB = 90°,可知SA⊥面ABC,∠SCB = 90°。于是SC =SB2BC24,SA =SC2AC22,因此点S的坐标为 (2, 0,2). 由此可得= (–2, 0, – 2),= (–2, , 0),从而有cos ==4
4,于是异面直线SC与AB所成角的大小为arccos。 1717
2.利用向量法求解异面直线之间的距离
【例3】 如图,正方体的棱长为2,C、D、P、Q分别是棱的中点,
A、B、M、N、E、F是顶点, 则CD和EQ的距离是
【解析】 建立如图所示的空间直角坐标系,
Q(1,0,0)P(2,1,0)B(2,2,0)F(2,2,2)C(1,2,2)D(0,1,2)M(0,2,0)
QP(1,1,0),QE(1,0,2),AD(0,1,2),DC(1,1,0)
n1QP0,n1QE0,设截面EFPQ法向量为n1(x,y,z),
xy0n即,可得n1(2,2,1),而1DC0,x2z0
n1AD0,可见n1(2,2,1)也是截面ABCD的法向量.
因
2
|EDn1|此截面EFPQ//截面ABCDDE(0,1,0),点D到截面EFPQ的距离是d
|n1|2 3
则CD和EQ是异面直线,所以CD和EQ的距离也是
【评注】利用向量的运算求解异面直线之间的距离,是将异面直线之间的距离转换为两平23行平面的距离,再转化点到面的距离利用斜线在法相梁上
投影的绝对值求解。设n是平面的法向量,PQ是的
斜线,Q,点P到平面的距离为d,
d|PQ|sin|PQ||cosn,PQ||PQ
||PQn|PQn
|PQ||n||||
n|
(即PQ在n方向上投影的绝对值)
3
6利用向量法求空间角和距离
1向量法求异面直线所成的角
【例1】 (15郑州市期末) 如图所示,在三棱柱ABC—A1B1C1中,AA1⊥底面ABC,AB=BC=AA1,∠ABC=90°,点E、F分别是棱AB、BB1的中点,则直线EF和BC1所成的角是________.
【解析】以BC为x轴,BA为y轴,BB1为z轴,建立空间直角坐标系.
→设AB=BC=AA1=2,则C1(2,0,2),E(0,1,0),F(0,0,1),则EF=(0,
→→→-1,1),BC1=(2,0,2),∴EF·BC1=2,
21→→∴cos〈EF,BC1〉=,∴EF和BC1所成的角为60°. 2×222
【评注】用向量求解异面直线所成角,利用坐标运算求解,公式计算
要准确. 设两异面直线a,b所成的角为,m,n分别是a,b的方向向量,则有
coscosm,nmn0mn.异面直线所成角的范围是2,因此,如果按照公式求出来的向量的数量积是一个负数,则应当取其绝对值,使之变为正值,这样求得的角就为为锐角或直角.
【变式1】正三棱锥中利用向量的坐标运算求异面直线所成的角
在正三棱锥P—ABC中,底面正△ABC的中心为O,D是PA的中点,PO=AB=2,求异面直线AC和
BD所成的角余弦值.
【解析】以O为坐标原点,OA为x轴,OP为z轴建立空间直角坐标系.因ABC是正三角形,故y轴平行于BC,而PO=AB=2
,则P(0,0,2),
A
0),B(
,C(1,0),D
是PA的中点,1,1),CA,0),
故D
, BD
cosBD,CA 【例2】 (2012·陕西理)三棱柱ABC-A1B1C1中,底面边
长和侧棱长都相等,
∠BAA1=∠CAA1=60°,则异面直线AB1与BC1所成角的余弦值为________.
→→→→→→→→→【解析】选准基底,由题意知,AB1=AB+AA1,BC1=BB1+BC=BA+AC+AA1.
又∠CAA1=∠BAA1=∠BAC=60°,设边长、侧棱长为1,
→2→→2→2→2→→→则AB1=(AB+AA1)=AB+AA1+2AB·AA1=3,所以|AB1|=3,
→同理可得|BC1|=2.
→→→→→→→→→→→→→AB1·BC1=AB·BA+AB·AC+AB·AA1+AA1·BA+AA1·AC+AA12=1,
→→AB1·BC116→→所以cos〈AB1·BC1〉=. →→3·26|AB1|·|BC1|【评注】求异面直线所成角可以借助向量运算求解.关键是选取合适的基底,利用基向量法
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和线性运算以及数量积,沟通角与向量之间的关系求解。
【变式1】两种常用方法求异面直线所成的角
在三棱锥S – ABC中,∠SAB = ∠SAC =∠ACB = 90°,AC = 2,BC =,SB =29.则异面直线SC与AB所成的角的余弦为
【解析1】 利用向量之间的转化,由题中的已知条件,容易计算得到|SC|= 4,|AB|=. 而()=||||cos∠CAB = 2 × ×2
= 4,据此有图10 cos
的坐标分别为A(2, 0, 0)、B(0,,0)。由∠SAB = ∠SAC =∠ACB = 90°,可知SA⊥面ABC,∠SCB = 90°。于是SC =SB2BC24,SA =SC2AC22,因此点S的坐标为 (2, 0,2). 由此可得= (–2, 0, – 2),= (–2, , 0),从而有cos ==4
4,于是异面直线SC与AB所成角的大小为arccos。 1717
2.利用向量法求解异面直线之间的距离
【例3】 如图,正方体的棱长为2,C、D、P、Q分别是棱的中点,
A、B、M、N、E、F是顶点, 则CD和EQ的距离是
【解析】 建立如图所示的空间直角坐标系,
Q(1,0,0)P(2,1,0)B(2,2,0)F(2,2,2)C(1,2,2)D(0,1,2)M(0,2,0)
QP(1,1,0),QE(1,0,2),AD(0,1,2),DC(1,1,0)
n1QP0,n1QE0,设截面EFPQ法向量为n1(x,y,z),
xy0n即,可得n1(2,2,1),而1DC0,x2z0
n1AD0,可见n1(2,2,1)也是截面ABCD的法向量.
因
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|EDn1|此截面EFPQ//截面ABCDDE(0,1,0),点D到截面EFPQ的距离是d
|n1|2 3
则CD和EQ是异面直线,所以CD和EQ的距离也是
【评注】利用向量的运算求解异面直线之间的距离,是将异面直线之间的距离转换为两平23行平面的距离,再转化点到面的距离利用斜线在法相梁上
投影的绝对值求解。设n是平面的法向量,PQ是的
斜线,Q,点P到平面的距离为d,
d|PQ|sin|PQ||cosn,PQ||PQ
||PQn|PQn
|PQ||n||||
n|
(即PQ在n方向上投影的绝对值)
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